teori bilangan

BAHAN KULIAH

TEORI BILANGAN

(BAGIAN II)

Disampaikan oleh

Abdul Jabar

STKIP PGRI BANJARMASIN

JURUSAN/PROGRAM STUDI PENDIDIKAN MATEMATIKA

SEPTEMBER 2011

BAB 5

KONSEP DASAR KONGRUENSI

Uraian

       Kongruensi merupakan bahasa teori bilangan karena pembahasan teori bilangan bertumpu kongruensi. Bahasa kongruensi ini diperkenalkan dan dikembangkan oleh Karl Friedrich Gauss,  matematisi paling terkenal dalam sejarah, pada awal abad sembilan belas, sehingga sering disebut  sebagai Pangeran Matematisi (The Prince of Mathematici-

ans). Meskipun Gauss tercatat karena temuan-temuannya di dalam geometri, aljabar, analisis, astronomi, dan fisika matematika, ia mempunyai minat khusus di dalam teori bilangan dan mengatakan bahwa “mathematics is the queen of sciences, and the theory of numbers is the queen of mathematics” . Gauss merintis untuk meletakkan teori bilangan modern di dalam bukunya Disquistiones Arithmeticae pada tahun 1801.

       Secara tidak langsung kongruensi sudah dibahas sebagai bahan matematika di sekolah dalam bentuk bilangan jam atau bilangan bersisa. Peragaan dengan menggunakan tiruan jam dipandang bermanfaat karena peserta didik akan langsung praktek untuk lebih mengenal adanya system bilangan yang berbeda yaitu system bilangan bilangan jam, misalnya  bilangan jam duaan, tigaan, empatan, limaan, enaman, dan seterusnya.

     Kemudian, kita telah mengetahui bahwa bilangan-bilangan bulat lebih dari 4 dapat di “reduksi” menjadi 0, 1, 2, 3, atau 4 dengan cara menyatakan sisanya jika bilangan itu dibagi dengan 5, misalnya 13 dapat direduksi menjadi 3 karena 13 dibagi 5 bersisa 3, 50 dapat direduksi menjadi 0 karena 50 dibagi 5 bersisa 0, dan dalam bahasa kongruensi dapat dinyatakan sebagai 13 ≡ 3 (mod 5) dan   50 ≡ 0 (mod 5).

Definisi 5.1

Ditentukan p,q,m adalah bilangan-bilangan bulat dan m  0. p disebut kongruen dengan q  modulo m, ditulis  p ≡ q (mod m) jika  dan  hanya jika m │ p - q .

Jika  m |  p – q maka ditulis  p ≡ q (mod m), dibaca p tidak kongruen q modulo m.

Contoh 5.1

10 ≡ 6 (mod 2) sebab 2 │ 10 – 6 atau 2 │ 4

13 ≡ -5 (mod 9) sebab 9 │ 13 – (-5) atau 9 │ 18

107 ≡ 2 (mod 15) sebab 15 │ (107 – 2) atau 15 │ 105

Teorema 5.1

Jika p dan q adalah bilangan-bilangan bulat, maka p ≡ q (mod m) jika dan hanya jika ada bilangan bulat t sehingga p = q + tm

Bukti :

Jika p ≡ q (mod m), maka m │ p – q . Ini berarti bahwa $ tÎ Z ' tm = p – q, atau p = q + tm. Sebaliknya, jika ada suatu bilangan bulat t yang  memenuhi  p = q + tm,  maka dapat ditentukan bahwa   tm = p – q,  dengan  demikian m │ p – q , dan akibatnya  berlaku  p ≡ q (mod m).

Contoh 5.2

23 ≡ -17 (mod 8) dan 23 = -17 + 5.8

Teorema 5.2

Ditentukan m adalah suatu bilangan bulat positif.

Kongruensi modulo m memenuhi sifat-sifat berikut :

(a)  Sifat Refleksif.

Jika p adalah suatu bilangan bulat, maka p ≡ p (mod m) 

(b)  Sifat Simetris.

Jika p dan q adalah bilangan-bilangan bulat sedemikian hingga p ≡ q (mod m),maka p ≡ q (mod m)

(c)   Sifat Transitif.

Jika p, q, dan r adalah bilangan-bilangan bulat sedemikian hingga p ≡ q (mod m) dan q ≡ r (mod m), maka p ≡ r (mod m)

Bukti :   

(a)  Kita tahu bahwa m │ 0, atau m │ p – p , berarti p ≡ q (mod m)

(b)  Jika p ≡ q (mod m), maka m | p – q, dan menurut definisi keterbagian, ada suatu bilangan bulat t sehingga tm = p – q,  atau (-t)m = q – p , berarti  m │ q – p. Dengan demikian  q ≡ p (mod m)

(c)   Jika p ≡ q (mod m) dan q ≡ r (mod m) , maka m│p – q dan m│q – r, dan menurut definisi keterbagian, ada bilangan-bilangan bulat s dan t sehingga sm = p – q dan  tm = q – r . Dengan demikian dapat ditentukan  bahwa p – r = (p – q) + (q – r) = sm + tm = (s + t)m. Jadi m│ p – r , dan akibatnya q ≡ r (mod m) 

Contoh 5.3

5 ≡ 5 (mod 7) dan -10 ≡ -10 (mod 15) sebab 7│5 – 5 dan 15│-10 – (-10)

27 ≡ 6 (mod 7) akibatnya  6 ≡ 27 (mod 7) sebab 7│6 – 27 atau 7│(-21)  

45 ≡ 21 (mod 3) dan 21 ≡ 9 (mod 3), maka 45 ≡ 9 (mod 3) sebab 3│45 – 9 atau 3│36

Teorema 5.3

Jika  p, q, r, dan m  Î Z dan   m > 0  ' p ≡ q (mod m) , maka :

(a) p + r ≡ q + r (mod m)

(b) p – r ≡ q – r (mod m)

(c) pr  ≡  qr (mod m)

Bukti :

(a)       Diket p ≡ q (mod m), maka m│p – q . Selanjutnya dapat  ditentukan  bahwa p – q = (p + r) – (q + r) ,  berarti m│p – q berakibat  m │ (p + r) – (q + r). Dengan demikian p + r ≡ q + r (mod m).

(b)  Kerjakan, ingat bahwa p – q = (p – r) – (q – r) .

(c)  Diketahui p ≡ q (mod m),  maka m│ p – q ,  & menurut  teorema  keterbagian, m │ r(p – q) untuk sebarang bilangan bulat r, dengan demikian m │ pr – qr. Jadi pr │qr (mod m) .

Contoh 5.4

43│7 (mod 6) , maka 43 +5│ 7 + 5 (mod 6) atau 48│12 (mod 6)

27 │6 (mod 7) , maka 27 – 4 │6 – 4 (mod 7) atau 23│ 2 (mod 7)

35│3 (mod 8) , maka 35.4│5.4 (mod 8) atau 140│12 (mod 8)

Contoh 5.5

Perhatikan bahwa teorema 5.3(c) tidak bisa dibalik, artinya  jika   pr ≡ qr (mod m),  maka belum tentu bahwa p ≡ q (mod m), misalnya 24 = 4.6 , 12 = 4.3, dan 24 ≡ 12 (mod 6) atau 4.6  ≡ 4.3 (mod 6), tetapi 6 ≡ 3 (mod 6).

Teorema 5.4

Jika  p, q, r, s, m   adalah   bilangan-bilangan   bulat  dan  m > 0  sedemikian   hingga  p ≡ q (mod m) dan r ≡ s (mod m) , maka :

 (a) p + r ≡ q + s (mod m)

 (b) p – r ≡ q – s (mod m)

 (c) pr  ≡  qs (mod m) 

Bukti :

(a)       p ≡ q (mod m) dan r ≡ s (mod m), maka m│ p – q dan m│ r – s , maka tentu ada bilangan bulat  t dan u  sehingga tm = p – q  &  um = r – s , dan (p + r) – (q + s) = tm – um = m(t – u). Dengan demikian m│(p + r) – (q + s), atau p + r ≡ q + s (mod m).

(b) Kerjakan, perhatikan bahwa (p – r) – (q – s) = (p – q) – (r – s)

(c) p ≡ q (mod m) dan r ≡ s (mod m), maka m│ p – q dan m│ r – s , maka tentu ada bilangan-bilangan bulat  t dan u  sehingga tm = p – q  dan  um = r – s , dan pr – qs = pr – qr + qr – qs = r(p – q) + q(r – s) = rtm + qum = m (rt + qu).

Dengan demikian m │ pr – qs , atau pr  ≡  qs (mod m) 

Contoh 5.6

36 ≡  8(mod 7) dan 53 ≡ 4 (mod 7), maka 36 + 53 ≡ 8 + 4 (mod 7) atau 89 ≡ 12 (mod 7)

72  ≡7 (mod 5) dan 43 ≡ 3 (mod 5), maka 72 – 43 ≡  7 – 3 (mod 5) atau 29 ≡ 4 (mod 5)

15 ≡ 3 (mod 4) dan 23 ≡ 7 (mod 4) maka 15.23 ≡ 5.7 (mod 4) atau 345 ≡ 21 (mod 4)

Teorema 5.5

(a) Jika p ≡ q (mod m), maka pr ≡ qr (mod mr)

(b) Jika p ≡ q (mod m) dan d│m , maka p ≡ q (mod d)

Bukti :

(a)  p ≡ q (mod m), maka sesuai definisi 5.1, m│p – q , dan menurut teorema 3.8 dapat  ditentukan bahwa rm│r(p – q) atau mr│pr – qr , dan berdasarkan definisi 5.1 dapat  ditentukan bahwa pr ≡ qr (mod mr)

(b) p ≡ q (mod m), maka sesuai definisi 5.1, m│p – q . Berdasarkan teorema 3.2, d│m dan m│p – q berakibat d│p – q, dan sesuai dengan  definisi 5.1, p ≡ q (mod d) 

Teorema 5.6

Diketahui bilangan-bilangan bulat a, p, q, m, dan m > 0.

(a) ap ≡ aq (mod m) jika dan hanya jika p ≡ q (mod m/(a,m))

(b) p ≡ q (mod m ) dan p ≡ q (mod m) jika dan hanya jika p ≡ q (mod  [m, m])

Bukti :

 (a)  ()           

ap ≡ aq (mod m), maka sesuai definisi 5.1, m│ap – aq, dan sesuai def 3.1 ap – aq = tm untuk suatu t  Z, berarti a(p – q) = tm. Karena (a,m)│a dan  (a,m)│ m, maka (a/(a,m))(p – q) = (m/(a,m))t, dan sesuai dengan def 3.1, dapat ditentukan bahwa (m/(a,m))│(a/(a,m)(p – q).  

Menurut teorema 3.14, (m/(a,m), a/(a,m)) = 1, dan menurut teorema 3.15, dari  (m/(a,m),a/(a,m)) = 1 dan (m/(a,m))│(a/(a,m))(p – q)  berakibat (m/(a,m))│(p – q).

Jadi menurut definisi 5.1, p ≡ q (mod m/(a,m)) .

      ()

p ≡ q (mod m/(a,m)), maka menurut teorema 5.5(a), ap ≡ aq (mod am/(a,m)).  Selanjutnya, karena m │am/(a,m), dan ap ≡ aq (mod am/(a,m)),  maka  berdasarkan  pada teorema 5.5 (b) , ap ≡ aq (mod m).

(b)  Buktikan ! 

Contoh 5.7

8p ≡ 8q  (mod 6) dan (8,6) = 2, maka p ≡ q (mod 6/2) atau p ≡ q (mod 3)

12p  ≡ 12q (mod 16) dan (12,16) = 4, maka p ≡ q (mod 16/4) atau p ≡ q (mod 4)

Contoh 5.8

p ≡ q (mod 6) dan p ≡ q (mod 8), maka p ≡ q (mod [6,8]) atau p ≡ q (mod 24) 

p ≡ q (mod 16) dan p ≡ q (mod 24), maka p ≡ q (mod [16,24]) atau p ≡ q (mod 48)

Tugas dan Latihan

Tugas

Bacalah suatu buku teori bilangan, dan carilah teorema-teorema yang belum dibuktikan. Selanjutnya buktikan bahwa :

1.    Jika p, q, t, dan m adalah bilangan-bilangan bulat sedemikian hingga t > 0, m > 0 dan p ≡ q (mod m), maka p≡  q (mod m)

2.    Jika p, q  Z dan m, m, …, m  Zsedemikian hingga p ≡ q (mod m), p ≡ q (mod m),  …, dan p ≡ q (mod m) , maka p ≡ q (mod [m, m, …, m])

Latihan

1.     Diketahui p, q, m adalah bilangan bulat dan m > 0 sedemikian hingga p ≡ q (mod m)

Buktikan : (p,m) = (q,m)

2.      Buktikan

(a) jika p adalah suatu bilangan genap, maka  p≡ 0 (mod 4)

(b) jika p adalah suatu bilangan ganjil, maka p≡ 1 (mod 4)

3.      Buktikan jika p adalah suatu bilangan ganjil, maka p≡ 1 (mod 8)

4.      Carilah sisa positif terkecil dari 1! + 2! + … + 100!

(a) modulo 2

(b) modulo 12

5.      Tunjukkan bahwa jika n adalah suatu bilangan genap  positif, maka:

1 + 2 + 3 + … + (n + 1)  ≡ 0 (mod n)

Bagaimana jika n adalah suatu bilangan ganjil positif ?

6.      Dengan menggunakan induksi matematika, tunjukkan bahwa  4≡ 1 + 3n (mod 9)   jika n adalah suatu bilangan bulat positif.

BAB 6

SISTEM    RESIDU

Uraian

       Sistem residu merupakan topik yang memberikan dasar untuk mengembangkan pembahasan menuju teorema Euler, dan pada bagian lain terkait dengan fungsi-fungsi khas (special functions) dalam teori bilangan.

       Bagian-bagian dari system residu meliputi system residu yang lengkap dan system residu yang tereduksi. Sebagai suatu system, system residu mempunyai sifat-sifat khusus yang terkait dengan bagaimana membuat system residu, atau mencari contoh yang memenuhi syarat tertentu.

Definisi 6.1

Suatu  himpunan {x, x, … , x} disebut suatu  system  residu  lengkap  modulo m jika dan hanya jika  untuk  setiap y  dengan  0 ≤ y < m , ada  satu  dan  hanya  satu x dengan 1 ≤ i < m , sedemikian hingga y ≡ x(mod m) atau x≡ y (mod m).

Perhatikan bahwa indeks dari x yang terakhir adalah m, dan hal ini  menunjukkan  bahwa banyaknya unsur dalam suatu system residu lengkap modulo m adalah m. Dengan demikian, jika ada suatu himpunan yang banyaknya unsur kurang dari m atau lebih dari m , maka himpunan itu tentu bukan merupakan suatu system residu lengkap modulo m.

Selanjutnya, karena pasangan-pasangan kongruensi antara y dan xadalah tunggal,  maka tidak ada y  yang  kongruen dengan dua unsur x yang berbeda, misalnya  x dan x,  dan tidak ada x yang kongruen dengan dua nilai y. Dengan  demikian, tidak ada dua unsur x yang berbeda dan kongruen, artinya xtidak kongruen xmodulo m jika i  j.

Contoh 6.1

1.    Himpunan A = {6, 7, 8, 9} bukan merupakan  system  residu  lengkap  modulo 5 sebab  banyaknya unsur A kurang dari 5

2.    Himpunan A = {6, 7, 8, 9, 10} adalah suatu system residu lengkap modulo 5 sebab  untuk setiap y dengan  dengan  0 ≤ y < 5 , ada  satu  dan  hanya  satu x  dengan  1 ≤ i < 5  sedemikian hingga  y ≡ x(mod 5) atau x≡ y (mod 5).

Nilai-nilai y   yang   memenuhi 0 ≤ y < 5 , adalah  y = 0, y = 1, y = 2, y = 3, y = 4,  atau y = 5 . Jika kita selidiki, maka kita peroleh bahwa :

        10 ≡ 0 (mod 5)                          8 ≡ 3 (mod m)               6 ≡ 1 (mod m)

        9   ≡ 4 (mod 5)                          7 ≡ 2 (mod m)

Dengan  demikian  untuk setiap y dengan  y = 0, 2, 3, 4, 5 , ada satu  dan hanya satu x    dengan x= 6, 7, 8, 9, 10 , sedemikian hingga x≡ y (mod m). Jadi A adalah suatu sistem residu lengkap modulo 5.

3.    Himpunan B = {4, 25, 82, 107} adalah suatu system  residu  lengkap  modulo 4 sebab untuk  setiap y  dengan  0 ≤ y < 4 , ada  satu   dan   hanya   satu x  dengan   1 ≤ i < 4   sedemikian hingga y ≡ x(mod 4) atau x≡ y (mod 4). 

         4   ≡ 0 (mod 4)                          82  ≡ 2 (mod 4)

         25 ≡ 1 (mod 4)                         107 ≡ 3 (mod 4)

4.    Himpunan C = {-33, -13, 14, 59, 32, 48, 12} adalah suatu system residu  lengkap  modulo 7 sebab untuk  setiap y  dengan 0 ≤ y < 7 , ada  satu   dan   hanya   satu xdengan  1 ≤ i < 7 sedemikian hingga y ≡ x(mod 7) atau x≡ y (mod 7).

         -33 ≡ 0 (mod 7)                     59 ≡ 3 (mod 7)             8 ≡ 1 (mod 7)

         -13 ≡ 0 (mod 7)                   32 ≡ 3 (mod 7)                  12 ≡ 1 (mod 7)

          14 ≡ 0 (mod 7)                      

5.    Himpunan D = {10, -5, 27} adalah bukan suatu system residu lengkap modulo 3 sebab Untuk suatu   y = 1 dengan 0 ≤ y < 3 , ada  lebih dari satu x(yaitu 10 dan -5)  sehingga

          10 ≡ 1 (mod 3)                          -5  ≡ 1 (mod 3)

6.    Algoritma pembagian menunjukkan bahwa  himpunan  bilangan  bulat  0, 1, … , m – 1    merupakan suatu system residu lengkap modulo m, dan disebut sebagai residu non negatif terkecil modulo m.

Definisi 6.2

Suatu  himpunan  bilangan  bulat {x, x, … , x} disebut suatu system residu tereduksi modulo m jika dan hanya jika :

(a) (x, m) = 1 , 1 ≤  i <  k

(b)  x ≡   x(mod m) untuk setiap  i  j

(c) Jika (y,m) = 1, maka y ≡ x(mod m) untuk suatu i = 1, 2, … , k

Contoh 6.2

1. Himpunan {1,5} adalah suatu system residu tereduksi modulo 6 sebab :

       (a) (1,6) = 1 dan (5,6) = 1

       (b) 5 ≡ 1 (mod 6)

2. Himpunan {17, 91} adalah suatu system residu tereduksi modulo 6 sebab :

       (a) (17,6) = 1 dan (91, 6) = 1

       (b) 91 ≡ 17 (mod 6)

Suatu system residu tereduksi modulo m dapat diperoleh dari system residu lengkap modulo m dengan membuang unsur-unsur yang tidak relative  prima  dengan m. Hal  ini dapat dilakukan karena {0, 1, 2, … , m – 1 } adalah suatu system residu yang lengkap modulo m karena  untuk  setiap y  dengan  y = 0, 1, 2, …, m – 1, ada satu dan hanya satu x= 0, 1, 2, …, m–1 sehingga y ≡ x(mod m) . Keadaan y ≡ x(mod m) selalu dapat terjadi  dengan memilih y = 0 dan x= 0, y = 1 dan x= 1, … , y = m – 1 dan x= m – 1 .

Karena unsur-unsur {0, 1, 2, … , m – 1} memenuhi tidak ada sepasang yang kongruen, maka setelah unsur-unsur yang tidak relative prima dengan m dibuang, yang tertinggal adalah unsur-unsur yang relative prima dengan m dan tidak ada sepasang yang kongruen.

Dengan demikian unsur-unsur yang tertinggal memenuhi definisi 6.2

Contoh 6.3

1.      Himpunan A = {0, 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7} adalah suatu sistem residu lengkap modulo 8. Unsur-unsur  A  yang   tidak   relative  prima  dengan 8 adalah  0, 2, 4, dan 6   karena  (0,8) = 8 1, (2,8) = 2   1, (4,8) = 4 1, dan (6,8) = 2 1. Misalkan B  adalah  himpunan dari unsur-unsur yang tertinggal, maka B = {1, 3, 5, 7}, dan B merupakan suatu  sistem residu tereduksi modulo 8 karena memenuhi definisi 6.1

2.      Himpunan A = {0, 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9, 10, 11, 12, 13, 14, 15, 16, 17, 18, 19} adalah suatu system residu lengkap modulo 20. Jika unsur-unsur A yang tidak  relative  prima dengan 20 dibuang, yaitu 0, 2, 4, 5, 6, 8, 10, 12, 14, 15, 16, dan 18 , maka  unsur-unsur  yang tertinggal adalah 1, 3, 7, 9, 11, 13, 17, dan 19. B = {1, 3, 7, 9, 11, 13, 17, 19} merupakan suatu system residu tereduksi modulo 20.

Defini 6.3

Ditentukan m adalah suatu bilangan bulat positif. Banyaknya residu di dalam suatu system residu tereduksi modulo m disebut fungsi  -Euler dari m, dan dinyatakan dengan (m).

Contoh 6.4

(2)  = 1, diperoleh dari unsur 1

(3)  = 2, diperoleh dari unsur-unsur 1 dan 2

(4)  = 2, diperoleh dari unsur-unsur 1 dan 3

(5)  = 4, diperoleh dari unsur-unsur 1, 2, 3, dan 4

(16) = 8, diperoleh dari unsur-unsur 1, 3, 5, 7, 9, 11, 13, dan 15           

(27) = 18, diperoleh dari unsur 1, 2, 4, 5, 7, 8, 11, 13, 14, 16, 17, 19, 20, 22, 23, 25, dan 26

(p)  = p – 1 jika p adalah suatu bilangan prima

Perhatikan bahwa himpunan {1,2,3,4} merupakan suatu system  residu  tereduksi  modulo 5. Sekarang, coba Anda selidiki, jika masing-masing unsur himpunan dikalikan dengan suatu bilangan yang relative prima dengan 5, misalnya 2, 3, atau 4, sehingga diperoleh himpunan yang lain, maka apakah himpunan-himpunan yang lain tersebut merupakan system-sistem residu yang tereduksi modulo 5 ?

Teorema 6.1

Ditentukan (a,m) = 1. Jika {x, x, … , x} adalah suatu system residu modulo m yang lengkap atau  tereduksi, maka {ax, ax, … , ax} juga  merupakan  suatu  system  residu  modulo  m  yang lengkap atau tereduksi.

Bukti :

Ditentukan bahwa  {x, x, … , x}  adalah  suatu  system  residu  modulo  m  yang lengkap, maka xtidak kongruen xmodulo m jika x x. Harus dibuktikan bahwa axtidak kongruen axmodulo m jika i  j. Misalkan dari unsur-unsur {ax, ax, … , ax} terdapat i  j sehingga berlaku  hubungan ax≡ ax(mod m). Karena (a,m) = 1 dan ax≡ ax(mod m), maka menurut teorema 5.6 (a), dapat ditentukan bahwa x≡ x(mod m), bertentangan dengan ketentuan  {x₁, x₂, … , x_k} merupakan suatu system residu lengkap  modulo m. Jadi tentu  ax tidak  kongruen axmodulo m.

Selanjutnya buktikan jika {x, x, … , x}  adalah  suatu  system  residu  modulo m yang tereduksi.

Contoh 6.5

(a)  Himpunan A = {0, 1, 2, 3, 4, 5} adalah merupakan suatu system residu lengkap modulo 6. Jika masing-masing unsur A  dikalikan  dengan 5, yang mana (5,6) = 1, dan setelah dikalikan dimasukkan sebagai unsur himpunan B, maka dapat ditentukan bahwa B = {0, 5, 10, 15, 20, 25}. Himpunan B merupakan suatu system residu yang lengkap modulo 6 sebab setiap unsur B kongruen dengan satu dan hanya satu y  {0, 1, 2, 3, 4, 5}, yaitu :

      0 ≡ 0 (mod 6)                 10 ≡ 4 (mod 6)             20 ≡ 2 (mod 6)

      5 ≡ 5 (mod 6)                 15 ≡ 3 (mod 6)             25 ≡ 1 (mod 6)

(b)  Himpunan A = {1, 5, 7, 11} adalah merupakan suatu system residu tereduksi modulo 12. Jika masing-masing  unsur A  dikalikan  dengan 17  dengan  (17,12) = 1, dan setelah dikalikan dimasukkan sebagai unsur himpunan B, maka  dapat  ditentukan bahwa B = {17, 85, 119, 187}. Himpunan B merupakan suatu system residu tereduksi modulo 12 sebab setiap unsur B relative prima dengan 12, dan tidak ada sepasang unsur B yang kongruen, yaitu :

                  (17,12) = (85,12) = (119,12) = (187,12) = 1

 17 ≡ 85 (mod 12)               17 ≡ 119 (mod 12)               17 ≡ 187 (mod 12)

 85 ≡ 119 (mod 12)             85 ≡ 187 (mod 12)               119 ≡ 187 (mod 12)

Teorema 6.2 (Teorema Euler)

Jika a, m  Z dan m > 0 sehingga (a,m) = 1, maka a≡ 1 (mod m)

Bukti :

Misalkan bahwa {x, x, … , x} adalah suatu system residu tereduksi modulo m dengan unsur-unsur bilangan bulat positif kurang dari m dan relative prima dengan m, maka menurut teorema 5.7, karena (a,m) = 1, maka {ax, ax, … , ax} juga merupakan suatu system residu tereduksi modulo m. Dengan demikian, residu-residu positif terkecil dari  ax, ax, … , axadalah bilangan-bilangan bulat yang terdapat pada  x, x, … , x dengan urutan tertentu. Akibatnya kita dapat mengalikan semua suku dari masing-masing system residu tereduksi, sehingga diperoleh :

                    ax, ax, … , ax≡   x, x, … , x (mod m)

Dengan demikian dapat ditentukan bahwa :

                     a x. x …  x  ≡  x. x …  x(mod m)

Selanjutnya, {x, x, … , x} adalah suatu system residu tereduksi modulo m, maka menurut  def 6.2, berlaku  (x, m) = 1. Berdasarkan teorema 3.16, karena (x, m) = 1, yaitu (x,m) = ( x, m) =  …   (x, m) = 1, maka dapat ditentukan bahwa (x. x …  x, m) = 1.

Dari dua keadaan :

                     a x. x …  x  ≡  x. x …  x(mod m) , dan

                      (x. x …  x, m) = 1

dapat ditentukan berdasarkan teorema 5.6 (a) bahwa :

                       a≡ 1 (mod m)

Kita dapat menggunakan teorema Euler untuk mencari inversi modulo m. Jika a dan m adalah relative prima, maka dapat ditentukan bahwa :

                         a≡ 1 (mod m) 

Dengan demikian :

                         a =  a. a ≡ 1 (mod m)      

Jadi a adalah inversi dari a modulo m.

Contoh 6.6

Carilah dua digit terakhir lambang bilangan desimal dari 23

Soal ini dapat dijawab dengan menyatakan maknanya dalam bentuk lain, yaitu sama dengan mencari x jika 23 ≡ x (mod 100). Kemudian bentuk 23 ≡ x (mod 100) dapat dipecah menjadi 23 ≡ x (mod 4) dan 23 ≡ x (mod 25).

(a) mencari x dari 23 ≡ x (mod 4).

     23 ≡ 3 (mod 4), maka 23≡ 9 (mod 4) ≡ 1 (mod 4), sehingga 23 = (23)

     Dengan demikian 23 = (23)≡ 1(mod 4), atau x ≡ 1 (mod 4)

(b) mencari x dari 23 ≡ x (mod 25)

     23 ≡ -2(mod 25), maka 23≡  4(mod 25), 23⁴ ≡  16(mod 25), 23⁸ ≡  6(mod 25),

     23¹⁶ ≡  11(mod 25), 23³² ≡  -4(mod 25), 23⁶⁴ ≡ 16(mod 25), 23¹²⁸ ≡ 6(mod 25), dan

     23²⁵⁶ ≡  11(mod 25)

     Dengan demikian 23⁵⁰⁰ = 23²⁵⁶.23¹²⁸.23⁶⁴.23³².23¹⁶.23⁴ ≡ 11.6.16.(-4).11.16 (mod 25)

                                           ≡ (-4).6.(-4).6 (mod 25) ≡ 576 (mod 25) ≡ 1,  (mod 25), yaitu        

                            x ≡ 1 (mod 25)

Dari hasil (a) dan (b), yaitu x ≡ 1 (mod 4) dan x ≡ 1 (mod 25), maka berdasarkan pada teorema 5.6 (b) , x ≡ 1 (mod [4,25]) x ≡ 1 (mod 100)

Jadi 23 ≡ 1 (mod 100) , berarti dua digit terakhir lambang bilangan decimal dari 23 adalah 01.

Contoh 6.7

Tunjukkan jika (n,7) = 1, n  N, maka 7 │ n⁷ – n

Jawab : Karena (n,7) = 1, maka menurut teorema Euler, n ≡ 1 (mod 7).

              Selanjutnya  , sehingga diperoleh n⁶ ≡ 1 (mod 6) , dan sesuai dengan   definisi 5.1, 7│ n⁶ – 1 , dan akibatnya, sesuai dengan teorema 3.1, 7│n( n⁶ – 1) atau 7│n⁷ – 1

Contoh 6.8

Jika bulan ini adalah bulan Mei, maka carilah 239⁴³ bulan lagi adalah bulan apa

Jawab :

Permasalahan ini dapat diganti dengan mencari x jika 239⁴³ ≡ x (mod 12).

 Karena (239,12) = 1, maka menurut teorema Euler, 239≡ 1 (mod 12).

Selanjutnya , sehingga diperoleh 239⁴ ≡1 (mod 12).

239⁴³ = (239⁴)¹⁰.239³ ≡ 1.239³ (mod 12) ≡ (-1)(-1)(-1) (mod 12) ≡ 11 (mod 12)

             Jadi x = 11, dengan demikian 239⁴³ bulan lagi adalah bulan April.

Contoh 6.9

Kongruensi linier ax ≡ b (mod m) dapat diselesaikan dengan menggunakan teorema Euler sebagai berikut :

             ax ≡ b (mod m)

             a^-1.ax ≡ a^-1 .b (mod m)

             x ≡  a^-1 .b (mod m)                     

Penyelesian 7x ≡ 3 (mod 12) adalah x ≡ 7.3 (mod 12) ≡ 7^4-1.3 (mod 12) ≡ 7^5.3 (mod 12) ≡ 21 (mod 12) ≡ 9 (mod 12).

Teorema 6.3 Teorema Kecil Fermat

Jika p  adalah  suatu  bilangan  prima  dan p tidak membagi a, maka a^p-1  ≡  1 (mod p)                 

Bukti :

Karena p  adalah suatu bilangan prima  dan p  tidak  membagi a, maka  (p,a) = 1 (jika (p,a) 1 yaitu p dan a tidak relative  prima, maka p dan a mempunyai  factor selain 1 dan p, bertentangan dengan sifat p sebagai bilangan prima).

Selanjutnya, karena (p,a) = 1, maka menurut teorema 6.2, a≡ 1 (mod p). p adalah suatu bilangan prima, berarti dari bilangan-bilangan bulat :

               0, 1, 2, 3, … , p – 1

yang tidak relative prima dengan p hanya 0 ≡ p (mod p), sehingga :

               {1, 2, 3, … , p – 1 }

merupakan system residu tereduksi modulo dengan (p – 1) unsure, dengan demikian:

                 

Karena  dan a≡ 1 (mod p),  maka a≡ 1 (mod p)

Contoh 6.10

Carilah suatu x jika 2²⁵⁰ ≡ x (mod 7) dan 0 ≤ x < 7

Jawab :

       Karena 7 adalah bilangan prima, (2,7) = 1, dan , maka :

               2≡ 1 (mod 7)

               2⁶    ≡ 1 (mod 7)

               2²⁵⁰ = (2⁶)⁴¹.2⁴ ≡ 1.2⁴ (mod 7) ≡ 16 (mod 7) ≡2 (mod 7)

       Jadi : x = 2

Contoh 6.11

Carilah satu digit terakhir lambang bilangan basis 10 dari:

(a) 2⁵⁰⁰

(b) 7¹⁷⁵

Jawab :

Untuk mencari digit terakhir dari lambang bilangan basis 10, permasalahan dapat dipandang sebagai mencari x jika y ≡ x (mod 10). Karena 2.5 = 10 dan (2,5) = 1, maka y ≡ x (mod 10) dapat dinyatakan sebagai : y ≡ x (mod 2) dan y ≡ x (mod 5)       

(a) 2 ≡ 0 (mod 2), maka 2⁵⁰⁰ ≡ 0, 2, 4, 6, 8, … (mod 2)

       (5) = 4 dan (2,5) = 1, maka 2⁴ ≡ 1(mod 5),  sehingga

        2⁵⁰⁰ = (2⁴)¹²⁵ . 1 (mod 5)  ≡ 1, 6, 11, 16, 21, … (mod 5)

        Dengan demikian 2⁵⁰⁰ ≡ 6 (mod 2) dan 2⁵⁰⁰ ≡ 6 (mod 5), berarti

 2⁵⁰⁰ ≡ 6 (mod 10). Satu digit terakhir lambang bilangan basis 10 dari 2⁵⁰⁰  adalah 6.

(b) 7 ≡ 1(mod 2), maka 7¹⁷⁵  ≡ 1, 3, 5, … (mod 2)

(5) = 4 dan (7,5) = 1, maka 7⁴ ≡ 1 (mod 5), sehingga 

 7¹⁷⁵ = (7⁴)^45.73 ≡  7³ (mod 5) ≡ 2.2.2 (mod 5) ≡ 8 (mod 5) ≡ 3 (mod 5) ≡ 3, 8, 13, 18, … (mod 5). Dengan demikian  7¹⁷⁵ ≡ 3 (mod 2) dan 7¹⁷⁵ ≡ 3 (mod 5), berarti

 7¹⁷⁵  ≡ 3 (mod 10. Satu digit terakhir lambing bilangan basis 10 dari 7¹⁷⁵ adalah 3. 

Teorema 6.4

Jika (a,m) = 1, maka hubungan ax ≡ b (mod m) mempunyai selesaian x = a^-1 .b  + tm

Bukti :

Dari hubungan  ax ≡ b (mod m) , ruas kiri dan kanan perlu dikalikan dengan suatu factor sehingga koeffisien a menjadi 1. Pilihan factor adalah   a^-1  sebab sesuai dengan teorema Euler,  a^-1.a  = a ≡ 1 (mod m).

                ax ≡ b (mod m)

                a^-1  .a x  ≡ a^-1  . b (mod m)

                a x ≡ a^-1  . b (mod m)

                x ≡ a^-1  . b (mod m)

Karena tm ≡ 0 (mod m) untuk setiap bilangan bulat t, maka :

               x ≡  ≡  a^-1  . b + tm (mod m)

Jadi x = a^-1 .b + tm  adalah selesaian ax ≡ b (mod m)

Teorema 6.5 Teorema Wilson

Jika p adalah suatu bilangan prima, maka (p – 1)! ≡ -1 (mod p)

Bukti :

Untuk p = 2, kita dapat menentukan bahwa (p – 1)! = 1! = 1 ≡ -1 (mod 2), dengan demikian teorema benar untuk p = 2. Untuk p > 2, berdasarkan teorema 6.3 dan teorema 6.4, jika ax ≡  1 (mod p), dan (a,p) = 1, maka x ≡ a^-1 , a dan x disebut saling inverse modulo p.

Dengan demikian, setiap bilangan a yang memenuhi 1 ≤ a ≤  p – 1, tentu ada a  yang memenuhi 1 ≤ a^* ≤  p – 1, sehingga a.a^* ≡ 1 (mod p).

Perhatikan perkalian bilangan-bilangan:

                2.3. … ,(p – 3)(p – 2)

yang dapat dipasang-pasangkan ke dalam (p – 3)/2 pasangan, masing-masing pasangan mempunyai hasil kali sama dengan 1 modulo p. Hal ini dapat dilakukan karena masing-masing bilangan relative prima dengan p, yaitu (a,p) = 1, sehingga masing-masing bilangan mempunyai inverse. Akibatnya :

                2.3. … ,(p – 3)(p – 2) ≡ 1 (mod p)

sehingga :

                (p – 1)! = 1.2.3. … .(p – 3)(p – 2)(p – 1) ≡ 1.1.(p – 1) (mod p)

                             ≡ p – 1 (mod p)

                (p – 1)! ≡  – 1 (mod p)

Contoh 6.12

(7 – 1)! = 6! = 1.2.5.4.5.6 = 1.(2.4).(5.5).6 = 1.8.15.6 ≡ 1.1.1.6 (mod 7) ≡ – 1(mod 7)

(13 – 1)! = 12! = 1.2.5.4.5.6.7.8.9.10.11.12 = 1.(2.7).(5.9).(4.10).(5.8).(6.11).12

              = 1.14.27.40.40.66.12 ≡ 1.1.1.1.1.1.12 (mod 13) ≡ – 1 (mod 13)

Teorema 6.6

Jika n adalah suatu bilangan bulat positif sehingga (n – 1)!  ≡ – 1 (mod n),  maka n adalah suatu bilangan prima. 

Buktikan !         

Teorema 6.5 dan teorema 6.6 memberikan petunjuk kepada kita untuk menggunakan teorema-teorema itu dalam pengujian keprimaan suatu bilangan.

Contoh 6.13

(15 – 1)! = 14! = 1.2.5.4.5.6.7.8.9.10.11.13.15.14 = 1.2.(15).4.6.7.8.9.10.11.13.15.14 ≡ 0 (mod 15)

(15 – 1)! = 14! tidak kongruen dengan – 1 (mod 15), maka 15 bukan suatu bilangan prima.

Tugas dan Latihan

Tugas

Carilah suatu buku teori bilangan yang membahas tentang Metode (p – 1) Pollard. Jelaskan Metode Pollard itu untuk apa, dan uraikan secara lengkap.

Berikan paling sedikit satu contoh penggunaan Metode (p – 1) Pollard

Latihan

1.        Carilah satu contoh  system  residu  tereduksi  modulo 16  yang  mempunyai  dua unsur negative.

2.        Jelaskan mengapa S = {-9, -33, 37, 67} bukan merupakan system residu tereduksi modulo 10.

3.        Carilah satu contoh system residu A yang lengkap modulo 12. Tambah  setiap unsur dalam system residu dengan sebarang bilangan kelipatan 12, sehingga  diperoleh himpunan B. Selidiki apakah B merupakan system residu lengkap modulo 12.

4.        Carilah sisanya jika 11³⁵ dibagi 13.

5.        Jika hari ini hari Rabu, maka carilah hari apa 97¹⁰¹ hari lagi.

6.        Carilah dua digit terakhir lambang bilangan desimal dari 39¹²⁵

7.        Carilah suatu bilangan bulat positif terkecil x jika 61! ≡ x – 1 (mod 71)

8.        Carilah suatu bilangan bulat positif terkecil x jika  7x ≡ 9 (mod 20)

Daftar Kepustakaan

Niven, I., Zuckerman, H.S., & Montgomery, H.L. (1995). An Introduction to The Theory of Numbers. New York : John Wiley & Sons.

Redmond, D. (1996). Number Theory. New York : Marcel Dekker.

Rosen, K.H. (1993). Elementary Number Theory and Its Applications. Massachusetts:       Addison-Wesley.